提问人：aborted 提问时间：12/26/2018 更新时间：12/26/2018 访问量：101
将变量变量传递到闭包中会抛出解析错误？
Passing variable variable into closure throws a parse error?
问：
我刚刚注意到，如果您尝试将变量变量放入闭包列表中，它会抛出解析错误。示例代码：use
foreach ($array as $key => $item) {
$$key = $item->something;
$this->doSomething($key, function ($param) use ($item, $$key) {
$param->foo($$key);
});
}
解析错误是这样的：
解析错误：语法错误，意外的“$”，期望“&”或变量（T_VARIABLE）
我在这里做错了什么吗？为什么它不允许我传递变量变量？
如果我将变量变量的值存储在另一个变量中，我可以正常传递它，但这对于我的实际情况来说并不是最佳的。use
答：
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Anders Carstensen
12/26/2018
#1
您说您不想将该值保存在另一个变量中。但是，保存对变量的引用呢？这在功能上应该等同于您的代码。
foreach ($array as $key => $item) {
$$key = $item->something;
$otherVar = &$$key;
$this->doSomething($key, function ($param) use ($item, $otherVar) {
$param->foo($otherVar);
});
}
如果这在“您的实际情况”中不起作用，请改进代码示例或解释原因。
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aborted
12/26/2018
是的，这个解决方法很棒，但我想确保我的问题实际上是意料之中的，或者只是我搞砸了什么。为什么 PHP 不允许像这样传递变量？
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Sébastien Renauld
12/26/2018
@Dugi你被PHP多年的自适应语法咬住了。年复一年的黑客部分实现的东西（如可变不变语法，即）。这个解决方案是最接近你的，它总共是一个额外的分配。$$
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Anders Carstensen
12/26/2018
@Dugi 我只能给出一个有根据的猜测：如果你被允许传入语句，你只需在函数体中进行更改，就可以有效地使函数体之外的所有变量在内部可用。这将破坏范围原则。$$keyuse$key
上一个：使用变量提取 json 数据？
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