尝试访问 '''list1->data''' [duplicate] 时出现分段错误-解网

问：

去年关闭。

我对 C 有点陌生，所以这个问题听起来可能太容易了。

我尝试运行这个简单的程序，但遇到了分段错误：

struct list {
    int data;
    struct list* next;
};

void makeList(struct list* list1) {
    list1 = (struct list*) malloc(sizeof(struct list));
    list1->next = NULL;
}

int main(int argc, char ** argv) {
    struct list * list1;
    makeList(list1);
    list1->data = 5;
    printf("data: %d\n", list1->data);

    return 0;
}

我知道问题出在主要，但为什么呢？list1->data = 5

在我看来，该函数获取结构列表的指针并为其分配存储空间。这就是我所做的，不是吗？我经过了指针。为什么它表现得像 list1 没有初始化或其他什么？为什么它不起作用？makeListlist1

C 指针 struct 按值传递函数定义

指针没有什么特别之处。如果你这样做，你会看到。这是因为的副本在中被修改了，并且该副本在返回时死亡/超出范围。与您在这里所做的相同，只是使用指针。要使更改保留在 C 中的函数之外，您需要返回一个值或传递指向要修改的内容的指针，然后取消引用并修改它指向的内容。int i=4; add5(int i) { i += 5; } printf("i==%d\n", i);i==4iadd5add5

答：

2赞 Vlad from Moscow 1/26/2022 #1

在此声明中

struct list * list1;

声明了一个未初始化的指针，因此具有不确定的值。

在此函数的调用中makeList

makeList(list1);

传递了指针值的副本。因此，该函数更改的是值的此副本，而不是原始指针。在 main 中声明的原始指针保持 unchenged。list1

例如，您可以按以下方式声明和定义函数

struct list * makeList( void ) 
{
    struct list *list = malloc( sizeof( struct list ) );
    if ( list != NULL ) list->next = NULL;

    return list;
}

在主要情况下，该函数被称为

list1 = makeList();

另一种方法是通过引用将 main 中声明的指针传递给函数。在 C 语言中，通过引用传递意味着通过指向对象的指针间接传递对象。取消引用指针可以访问原始对象。

例如

void makeList( struct list **list ) 
{
    *list = malloc( sizeof( struct list ) );
    if ( *list != NULL ) ( *list )->next = NULL;
}

该函数称为

makeList( &list1 );

尝试访问 '''list1->data''' [duplicate] 时出现分段错误

segmentation fault when trying to access ```list1->data``` [duplicate]

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尝试访问 '''list1-&gt;data''' [duplicate] 时出现分段错误

segmentation fault when trying to access ```list1->data``` [duplicate]

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尝试访问 '''list1->data''' [duplicate] 时出现分段错误