提问人：Rahul Bhanushali 提问时间：4/4/2014 更新时间：4/4/2014 访问量：285
PHP 变量对象属性
PHP Variable object properties
问：
我理解PHP中变量的概念。 根据我对PHP中变量的理解，代码如下：
$foo = 'hello';
$$foo = 'world';
echo $foo . ' ' . $hello;
将生成输出为：
Hello World
但是我发现很难理解可变对象属性的情况
假设我有一个名为 foo 的类，其单个属性如下：
class foo {
var $r = 'I am r.';
}
现在，创建类 foo 的实例并使用变量变量的概念，代码如下：
$foo = new foo();
$bar = 'r';
echo $foo->$bar;
将输出：
I am r.
直到一切正常，但是当我包含一个具有数组值的属性时，它对我来说会搞砸。 例如，我将另一个具有数组值的属性添加到类 foo 中，现在该类如下所示：
class foo {
var $arr = array('I am A.', 'I am B.', 'I am C.');
var $r = 'I am r.';
}
现在，当我创建类 foo 的实例并尝试读取属性 $arr[1] 时，如下所示：
$arr = 'arr';
echo $foo->$arr[1];
其中输出：
I am r.
输出对我来说看起来很奇怪。我的意思是 $foo->$arr[1] 如何解析到类 foo 中的属性$r？
不应该将 $foo->$arr 解析为 $foo->arr[1]（注意：没有美元符号）给出输出：
I am B.
这是怎么发生的？
我知道做 $foor{$arr}[1] 会输出“我是 B”。
我的问题是为什么 $foo->$arr 不能解析为 $foo->arr ？假设变量 $arr 的值为 'arr' ？
给管理员/主管的注意事项：这个问题不是重复的;我尝试搜索类似的问题，但没有一个问题回答我需要知道的问题。
答：
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Kromey
4/4/2014
#1
class foo {
var $arr = array('I am A.', 'I am B.', 'I am C.');
var $r = 'I am r.';
}
$foo = new foo;
$arr = 'arr';
echo $foo->$arr[1];
这是优先顺序在这里咬你。最后一行可以改写为
echo $foo->{$arr[1]};
由于字符串是从索引 0 开始的数组，因此引用“arr”中的第二个字符，即“r”，并导致打印字符串“I am r”。$arr[1]
为了得到你所期望的结果，你需要明确地告诉PHP表达式的哪一部分是变量名，因为默认情况下，它贪婪地获取了几乎所有的东西。将最后一行替换为 this 将获得您期望的输出：
echo $foo->{$arr}[1];
这将计算为其完整的字符串“arr”，然后将其用作 ;然后，索引将获取该数组中的第二个条目，“我是 B”。$arr$arrfoo
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Kromey
4/4/2014
那里非常酷的网站，@KarolyHorvath。以下是我的完整答案的概念验证：ideone.com/VGmLP8
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Rahul Bhanushali
4/4/2014
我知道您使用大括号提供的解决方案，我已经在我的问题中提到了它。你的回答为我节省了很多时间。谢谢。我尝试接受答案，但堆栈溢出说我无法在 4 分钟内接受答案。再次感谢你，伙计。
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Kromey
4/4/2014
啊，当我开始写我的答案时，你没有用大括号添加那一点（或者我不知何故忽略了它）。尽管如此，在答案中查看完整的上下文还是很有帮助的，所以我就不说了。
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Rahul Bhanushali
4/4/2014
我从一开始就有。但这不是问题。你解决了我的问题，谢谢朋友。
上一个：变量 $_POST
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